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2020年1月29日 星期三

國立臺灣大學八十七學年度研究所碩士班入學考試試題:微積分(不含線性代數)

第一部分、填充題(1-9 題共有 10 個空格,每格 7 分。只要在答案卷上依空格字母填寫,不要計算過程)
  1. p1 時,試求 limn(n+1)p+(n+2)p++(2n1)p(3n+1)p+(3n+2)p++(4n1)p=  (A)  
  2. 訣竅將分子與分母都化為 Riemann sum 後求解。
    解法對此極限式作如下的改寫

    limn(n+1)p+(n+2)p++(2n1)p(3n+1)p+(3n+2)p++(4n1)p=limn1nn1k=1(1+kn)p1nn1k=1(3+kn)p=10(1+x)pdx10(3+x)pdx=2p+114p+13p+1.


  3. 已知 limx0(sin(sinx)x3+rx2+s)=0,則 r2+s=  (B)  
  4. 訣竅運用極限的四則運算規則求出 r,隨後使用 L'Hôpital 法則求出 s
    解法首先留意到

    limx0(sin(sinx)x+r)=limx0(sin(sinx)x+r+sx2)=limx0(sin(sinx)x3+rx2+s)limx0x2=00=0.

    因此

    r=limx0sin(sinx)x=limx0(sin(sinx)sinxsinxx)=1.

    進一步,我們可以注意到

    s=limx0(sin(sinx)x31x2)=limx0sin(sinx)xx3=limx0cosxcos(sinx)13x2=limx0sinxcos(sinx)+cos2xsin(sinx)6x=16limx0(sinxxcos(sinx)+cos2xsin(sinx)x)=13.


  5. f(x)=x20t41+t3dt,則 f 之圖形的遞減區間為  (C)  ,而彎曲向上的區間為  (D)  
  6. 訣竅運用微積分基本定理以及連鎖律求導,並按照遞減與凹口向上的定義列出不等式後求解。
    解法使用微積分基本定理搭配連鎖律求導可得

    f(x)=(x2)41+(x2)32x=2x91+x6.

    再求導則有

    f(x)=(2x9)(1+x6)2x9(1+x6)(1+x6)2=6x8(3+x6)(1+x6)2.

    為了找出遞減區間,我們解不等式 f(x)<0。由於分母恆正,故 f(x)<0 等價於 2x9<0,容易知道遞減區間為 (,0)。另一方面 f(x) 中的各項皆非負,故總是有 f(x)0,因而彎曲向上的區間為 (,)

  7. 已知 f(x)=x2dt1+t4f1(x)f(x) 之反函數,問 (f1)(0)=  (E)  
  8. 訣竅使用反函數的定義與連鎖律,求導時會需要使用微積分基本定理。
    解法由反函數的定義可知 f1(f(x))=x,同時求導可知

    (f1)(f(x))f(x)=1.

    由於 f(2)=0,故取 x=2 可得

    (f1)(0)=1f(2).

    再者由微積分基本定理可知 f(x)=11+x4,因此 f(2)=117,從而所求之值為 (f1)(0)=17

  9. 試求 021exydydx=  (F)  
  10. 訣竅運用 Fubini 定理交換積分次序計算。
    解法交換積分次序後直接計算即可

    021exydydx=210exydxdy=21exyy|x=x=0dy=21dyy=lny|21=ln2.


  11. f(x,y)=tan1yx,問 2f(x,y)x2+2f(x,y)y2=  (G)  
  12. 訣竅直接進行偏導函數的計算即可。
    解法先計算一階偏導函數如下

    fx(x,y)=11+(yx)2yx2=yx2+y2,fy(x,y)=11+(yx)21x=xx2+y2.

    繼續計算二階偏導函數可得

    2fx2(x,y)=2xy(x2+y2)2,2fy2(x,y)=2xy(x2+y2)2.

    因此兩者之和為零函數。

  13. 已知 w=f(x,y)wx=1+2excosywy=2y2exsiny,及 f(ln2,0)=ln2。問 w=  (H)  
  14. 訣竅使用偏積分求 w,並逐步確定中間產生的未知函數。
    解法首先對 x 進行偏積分可注意到

    w=f(x,y)=(1+2excosy)dx=x+2excosy+g(y),

    其中 g 是與 y 有關的未知函數。接著將上式對 y 進行偏微分可得

    2y2exsiny=wy=2exsiny+g(y).

    因此 g(y)=2y,這表明 g(y)=y2+C,其中 C 為與 xy 皆無關的常數。至此可得

    w=f(x,y)=x+2excosy+y2+C.

    由於 f(ln2,0)=ln2,可以確定 C=4,因此所求的函數為

    w=x+2excosy+y24.


  15. 試求出所有落於曲面 xyz=8 上的點,其距離原點最近。它們為  (I)  
  16. 訣竅運用算術幾何不等式處理。
    解法考慮與原點的距離平方函數如下

    d(x,y,z)=x2+y2+z2.

    那麼使用算術幾何不等式可知

    d(x,y,z)33x2y2z2=3364=12.

    故最接近的距離為 12=23,此時等號成立條件為 x2=y2=z2xyz=8。藉由正負號的確認可知有如下四點(三者皆正(一點);恰一個為正(三點))

    (2,2,2), (2,2,2), (2,2,2), (2,2,2).


  17. 試求 2022y2yln(x2+y2)dxdy=  (J)  
  18. 訣竅根據被積分函數與積分範圍可推知應使用極座標變換。
    解法運用極座標變換,令 x=rcosθy=rsinθ,那麼由 yx4y2 可知

    rsinθrcosθ4r2sin2θ.

    第一個不等式給出 tanθ1,而第二個不等式給出 r2。現又因 0y,從而可知 0θπ/4。至此可得變數範圍為 0r20θπ/4。如此所求的重積分可改寫並計算如下

    2022y2yln(x2+y2)dxdy=π/4020ln(r2)rdrdθ=π220rlnrdr=π420lnrdr2=π4[r2lnr|2020r21rdr]=π4[4ln220rdr]=π2(2ln21).

第二部分、計算題(每題 15 分。沒有計算過程者,不予計分)
  1. (a,b,c) 取值的範圍,討論瑕積分 exp(ax2+bx+c)dx 是否存在及其積分值。
  2. 訣竅由確認指數次方是否為二次函數,假若是則運用配方法並逐步討論各種情形、使用變數變換。
    解法假若 a=0,那麼有兩種情形考慮如下:
    • b=0,那麼被積分函數為常數函數 ec,此時瑕積分不存在;
    • b0,那麼可以考慮其分段極限如下

      ec(0ebxdx+0ebxdx)=ecb[(lims(1ebs))+(limt(ebt1))].

      由於 b0,故 b>0b<0,這將使其中一個極限發散,故在此情形下瑕積分亦不存在。
    現在考慮 a0 的情形,此時我們可將指數之次方進行配方法如下

    ax2+bx+c=a(x+b2a)2+4acb24a.

    容易注意到當 a>0 時被積分函數在趨於無窮遠處時將發散,因此僅需考慮 a<0 的情形。事實上在後者的情形下瑕積分將收斂,其值可計算如下

    eax2+bx+cdx=exp(4acb24a)exp[a(x+b2a)2]dx.

    現在令 u=a(x+b2a),那麼 du=adx,如此所求為

    eax2+bx+cdx=exp(4acb24a)1aeu2du=exp(4acb24a)πa.

    因此當且僅當 a<0 時瑕積分收斂,其瑕積分值為 exp(4acb24a)πa

  3. 使用 tan1x2x=0 處展開之冪級數,估計積分 0.50tan1x2xdx 值精確至小數第三位(即誤差不超過 0.001)。(須說明理由)
  4. 訣竅由基本函數的 Taylor 展開式逐步推理,隨後使用交錯級數的誤差估計方法確保積分值足夠精確。
    解法首先留意到

    tan1x=x0dt1+t2=x0k=0(t2)kdt=k=0(1)kx0t2kdt=k=0(1)k2k+1x2k+1.

    x2 取代 x 可得

    tan1(x2)=k=0(1)k2k+1x4k+2.

    如此所求的積分為

    0.50tan1x2xdx=0.50k=0(1)k2k+1x4k+1dx=k=0(1)k2k+10.50x4k+1dx=k=0(1)k24k+3(2k+1)2.

    k=1 時有 12732=11152<11000,故取第一項便可使誤差小於 103,故該積分之近似值為

    0.50tan1(x2)xdx18=0.125.

    【註】運用電子計算器可得其更精確的近似值為

    0.50tan1(x2)xdx0.124151.

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