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2018年3月7日 星期三

國立臺灣大學八十四學年度轉學生入學考試試題詳解

第一部份:下面共有 9 格填充題,每格 8 分,共 72 分。
  1. ddx{x[sin(lnx)cos(lnx)]}= ① 
  2. 訣竅運用換底公式、連鎖律以及乘法的微分公式即可。
    解法首先使用乘法的微分公式可得

    ddx{x[sin(lnx)cos(lnx)]}=sin(lnx)cos(lnx)+xddx[sin(lnx)cos(lnx)].

    接著針對第二項使用連鎖律繼續計算可得

    ddx{x[sin(lnx)cos(lnx)]}=sin(lnx)cos(lnx)+x[cos(lnx)x+sin(lnx)x]=2sin(lnx).


  3. limxπ4(tanx)tan2x= ② 
  4. 訣竅運用換底公式與 L'Hôpital 法則即可。
    解法首先運用換底公式可知 (tanx)tan2x=exp[(tan2x)ln(tanx)],因此所求之極限可改寫如下

    limxπ/4(tanx)tan2x=limxπ/4exp[(tan2x)ln(tanx)]=exp[limxπ/4ln(tanx)cot2x].

    由於 cot(2π/4)=ln(tanπ4)=0,因此可以使用 L'Hôpital 法則可得

    limxπ/4(tanx)tan2x=exp[limxπ/4sec2xtanx2csc22x]=exp[limxπ/4sin2x]=e1.


  5. dxx(1+x+x2)= ③ 
  6. 訣竅運用部分分式改寫被積分函數後逐項積分即可。
    解法運用部分分式改寫被積分函數並計算如下

    dxx(1+x+x2)=(1xx+1x2+x+1)dx=ln|x|122x+1x2+x+1dx121(x+1/2)2+(3/2)2dx=ln|x|12ln(x2+x+1)33tan1(2x+13)+C.


  7. 給平面上的一個金屬板 x2+y21,它在點 (x,y) 的溫度是 T(x,y)=x2+2y2x,則最高溫度發生在點 ④ 
  8. 訣竅於內部可直接透過偏導函數解找出極值候選點,而於邊界上可運用 Lagrange 乘子法求極值;亦可透過增加輔助變數直接應用 Lagrange 乘子法求極值;亦可透過不等式直接估計求得最大值。
    解法一

    若極值發生於 x2+y2<1 時,可解聯立方程

    {Tx(x,y)=2x1=0,Ty(x,y)=4y=0.

    如此可解得 (x,y)=(1/2,0)

    若極值發生在 x2+y2=1,則對應的 Lagrange 乘子函數如下

    F(x,y,λ)=x2+2y2x+λ(x2+y21).

    從而解下列聯立方程組

    {Fx(x,y,λ)=2x1+2λx=0,Fy(x,y,λ)=4y+2yλ=0,Fλ(x,y,λ)=x2+y21=0.

    由第二式可知 2y(2+λ)=0。若 y=0,則由第三式可知 x=±1;若 λ=2,則由第一式可知 x=1/2,如此使用第三式可得 y=±3/2

    綜上可得 (12,0)(±1,0) 以及 (1/2,±3/2)。將以上五個座標代入 T 中有

    T(1/2,0)=1/4, T(1,0)=0, T(1,0)=2, T(1/2,±3/2)=9/4.

    因此最高溫度為 9/4
    解法二由於x2+y21,因此存在實數 s 使得 x2+y2+s2=1,如此考慮 Lagrange 乘子函數如下

    F(x,y,s,λ)=x2+2y2x+λ(x2+y2+s21).

    據此解聯立方程組

    {Fx(x,y,s,λ)=2x1+2λx=0,Fy(x,y,s,λ)=4y+2yλ=0,Fs(x,y,s,λ)=2λs=0,Fλ(x,y,s,λ)=x2+y2+s21=0.

    由第三式開始考慮。若 λ=0,則可解得 (x,y)=(1/2,0);若 s=0,則可解得同解法一中的餘下四個點,隨後計算過程同解法一。
    解法三由於 x2+y21,因此

    T(x,y)=x2+2y2xx2+2(1x2)x=2x2x=94(x+12)2.

    從而當 x=1/2y=±3/2 時有最大值 T(1/2,±3/2)=9/4

  9. 給平面上的曲線 (1x+y)3=x+7,與其 y 軸平行的切線的切點坐標是 ⑤ 
  10. 訣竅y 表達為 x 的函數後求其導函數並找出 x0R 使得 limxx0f(x)=±
    解法可以直接解得 y=x1+3x+7,因此

    dydx=1+13(x+7)2/3.

    可以注意到 limx7±dydx=+,故在 (7,8) 的切線平行於 y 軸。

  11. R 是平面上在第一象限內介於 y=x3y=x 之間的有界區域,則 R12x2ey2dxdy= ⑥ 
  12. 訣竅找出適當的積分順序使重積分寫為迭代積分後始能計算之。
    解法可以將 R 表達為 R={(x,y)R2:yxy1/3,0y1},從而所求之重積分可寫為如下的迭代積分並計算之

    R12x2ey2dxdy=10y1/3y12x2ey2dxdy=104x3ey2|x=y1/3x=ydy=104yey2dy104y3ey2dy=2ey2|10102y2ey2dy2=(2e2)(2y2ey22ey2)|10=2e4.


  13. 設連續函數 f(x) 滿足 x3(1+x)0f(t)dt=e1x,則 f(2)= ⑦ 
  14. 訣竅運用微積分基本定理與連鎖律後取特殊之 x 值即可。
    解法

    將給定的方程對 x 微分可得

    f(x4+x3)(4x3+3x2)=e1x.

    x=1 可得 f(2)=1/7

    【註】本題設定有誤,事實上存在另一個 x1 使得 x4+x3=1,從而解並不唯一。

  15. 函數 f(x) 的微分圖形 y=f(x) 如下圖,其中假定 f(x) 在點 x=1 連續,則 f(x) 的圖形在區間 ⑧ 上向上凹(concave downward),而它所有可能的反曲點發生在 x= ⑨ 
  16. 訣竅藉由一階導函數的正負判定原函數圖形的走勢。
    解法首先向上凸意味著 f(x)<0,這表明 f(x) 遞減,由圖形可知 f[0,2/3](1,5/3][2,) 上遞減,從而 f 在這樣的區間上向上凸。

    而按反曲點的定義為於該點兩側凹向性不同且連續的位置,故可能發生在 x=0x=2/315/32 等處。

第二部份:下面有兩題計算題,每題 14 分。(沒有計算過程不予計分。)
  1. 有一走廊形如下圖,廊寬 22 公尺。求能(水平地)繞過走廊轉角的最長竹竿的長度。
  2. 訣竅依據題目敘述準確理解題意,並且找出適當的參數表達該問題並求其極值。
    解法首先可以知道若竹竿若要盡量的長,則繞過走廊轉角時必定碰觸轉角處。現設竹竿與圖中上方之牆夾角 θ(0,π/2),此時竹竿的長度最長為 22(secθ+cscθ)。可以注意到本題之所求為上述函數的最小值,否則當竹竿超過該最小值時,該竹竿無法繞過最小值對應的角度,因為竹該會超過在該角度所允許的竹竿最長的長度。

    現設 f(θ)=22(secθ+cscθ),為了求出其極值,我們解 f(θ)=22(secθtanθcscθcotθ)=0,可得 sin3θcos3θ=0,故有 tanθ=1,亦即 θ=π/4。再者,f(0+)=f((π/2))=+,因此於 θ=π/4 為極小值,其值為 f(π/4)=8

    因此要能通過此轉角的竹竿最長為 8 公尺。

  3. 令變數 x,y,u,v 滿足下列方程組

    u=x2+y2,v=x22xy2.

    在點 (x,y)=(1,2) 附近,變數 (x,y) 可視為 (u,v) 的隱函數。
    1. xu(5,7)yu(5,7)。 [8 分]
    2. 如果 z=ln(y2x2),求 zu(5,7)。 [6 分]
  4. 訣竅使用多變數連鎖律並運用隱函數微分的思想計算之。
    解法
    1. 按假設,在 (x,y)=(1,2) 時有 (u,v)=(5,7) 的附近附近可將 (x,y) 視為 (u,v)的隱函數,亦即 x=x(u,v)y=y(u,v)。運用隱函數微分和連鎖律可知

      2xxu+2yyu=1,2xxu2y2xu4xyyu=0.

      由於當 (u,v)=(5,7) 時有 (x,y)=(1,2),因此

      {2xu(5,7)+4yu(5,7)=1,6xu(5,7)8yu(5,7)=0.

      如此可解得 xu(5,7)=1yu(5,7)=34
    2. 使用連鎖律可得

      zu=1y2x2(2x)xu+1y2x2(2y)yu.

      (u,v)=(5,7) 代入,此時 x=x(5,7)=1y=y(5,7)=2,如此有

      zu(5,7)=23(1)+4334=53.

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