九十二學年度 八系聯招 系轉學生招生考試
科目 微積分 科號 0003 共 2 頁第 1 *在試卷【答案卷】內作答
- 填充題(共八題,每題
分,請將答案依甲、乙、丙……次序作答,不需演算過程) - If
























, then 




甲 . 訣竅
運用 Taylor 展開式,觀察到分子應消掉低次項的而留下 
,並且 
的係數應為 
;由極限的四則運算定理並運用 L'Hôpital 法則計算即可。解法一
回憶起 


的 Taylor 展開式為












因此給定的極限可寫為


















































































藉由比較係數可知有 

、


、






,因此 


,如此所求為 














。【註】 當 

、


且 



時,函數 


















在 

附近的圖形如下
解法二
首先可直接觀察到































































.
進一步由 

可注意到




























,
從而運用 L'Hôpital 法則可知

















































































,
即 


。最後當 

、


時可注意到




































































































故應用 L'Hôpital 法則可知




























































































即得 



。因此所求為 








。【註】 當 

、


且 



時,函數 


















在 

附近的圖形如下
















乙 .訣竅
由於非常多複雜的根號,這暗示我們將之作變數代換。解法
令 





,那麼有- 當


時,則有 

;當 

時,則有 

; - 由代換可知



,因此 






。
據此可將原定積分改寫並計算如下












































此時為有理函數積分,由於分子次數比分母高,因此進行多項式除法可知










































如此所求可以繼續計算如下而得

























































【註】 函數 














在 



上的圖形及其所對應的面積如下



















丙 .訣竅
由於被積分函數出現絕對值,故應先討論何時為正何時為負,接著將該積分分區段計算。解法
考慮運用二倍角公式可知 






















,據此解不等式 










等價於

































由於 







,因此等價於 






,從而 







。至此所求的定積分可分段計算如下







































































































































【註】 函數 















在 





上的圖形及其所對應的面積如下圖
- Suppose



is a differentiable function on 



and satisfies
























.
Then 




丁 . 訣竅
運用微積分基本定理搭配連鎖律計算即可;亦可先求出
再求導計算。解法一
運用微積分基本定理與連鎖律可得
















































.
代入 


,如此有

































那麼便有







或








.
解法二
首先注意到代入 


有 




,接著直接積分可得




































.
因此 


















,故解得















使用連鎖律求導可得

























































.
代入 


可得






























如此可得







或








.
- Let
be the volume of the solid in the first octant that is inside the cylinder 





and bounded below by the 
-plane and above by the plane 








. Then 
戊 . 訣竅
先找出該立體區域在平面上的投影區域作為底部,隨後運用底面積乘以高形成體積的概念來列式並計算。
解法
將
投影到 
平面為




























.
如此在 
平面之上而在平面 








(或寫為 







)之下的體積可以列式如下















運用極座標變換,令 





、





,其中變數範圍為 



、





,那麼體積可計算為







































































































































【註】 題目所描述之立體圖形如下
- The smallest value of the function











on the interval 









is 己 . 訣竅
為了找出函數的極值,我們要找出使它導函數為零的位置以及區間的端點。解法
先找出使導函數為零的位置,亦即解方程式























.
這等同於 







,也就是 




。由於 











,故 



或 




。將這些位置以極端點代入檢查有



































































兩兩比較大小並配合指數函數的單調性能夠知道最小值發生在 




,其值為 



。【註】 函數 










的圖形及其各個局部極值點如下圖
- If












is the power series expansion of 

, then 

庚 . 訣竅
留意冪級數的係數與高階導數值有關;亦可運用經典函數的 Taylor 級數而獲得與之對應的係數。解法一
設 






,而 










,故逐次計算一至三階導函數如下











































因此 








。解法二
由自然指數的 Taylor 展開式可知







































































































































































因此 















。
- Under the conditions


, 

, 

and 







, the maximum value of the product 

is 辛 . 訣竅
由於條件給定相加的算式而所求的極大極小值函數為相乘的,故使用算術幾何不等式求解。解法
運用算術幾何不等式可知
































































兩邊同時五次方並開根號後有











如此 














,其中等號成立條件為 






,易知取 


、




即可符合。
- 計算與證明題(必須寫出演算證明過程)
- Does there exist a differentiable function




such that 




and 










for all 

? Give reasons for your answer. 訣竅
要符合這樣複雜條件的函數可能不存在,所以可以運用反證法,試圖導致一個矛盾,其關鍵在於他想問是否有一個可微的函數符合複雜的關係式,所以運用微分找出它的矛盾。解法
假定存在滿足題意的函數
,那麼對 










微分可得



















取 

可發現




































這就導致了一個矛盾,因為 








,故不可能等於 
。因此滿足該關係的可導函數
不存在。
- Let



and, for 

, let 















. Prove that 






exists and find the limit. 訣竅
要證明極限存在的一個關鍵手法是使用單調有界定理,其中分別需要說明該數列單調以及該數列有界,而這兩者皆可使用數學歸納法來證明。解法
首先證明數列單調遞增,也就是證明對於所有正整數
恆有 





。可以看到當 

時有 








,故 

時成立。設 

時該不等式成立,亦即有 





,那麼可知




































這就說明了該不等式在 



時也成立,因此由數學歸納法就說明出數列單調遞增。現在證明該數列有上界,特別的是我們要證明對於所有正整數
恆有 


。明顯地,當 

時有 




。設 

時不等式成立,亦即 


,那麼有



























這表示該不等式在 



時亦成立,因此由數學歸納法能知數列有上界。根據單調有界定理可知該數列有極限。現設該極限為
,那麼由於數列的遞增性可知 



。再者對於原式取極限有 









,平方整理有 






,解得 

或 


,但後者不合,因此 

。
- Suppose



is a continuous, nonnegative function on 



and, for 







, let 












.- Prove that











. - Prove that









.
訣竅
對於第一小題,可以藉由多項式 
的估計以及分部積分法證明不等式;第二小題則利用連續函數在閉區間上有界來應用夾擠定理。解法
由於 





,因此 


。又因為 




,故同乘以 


後在 



上取積分可知





























這就證明了第一個不等號。另一方面,可以注意到不等式:










展開後移項則有







類似地,同乘以 


後在 



上同取定積分可得





























































這就證明了第二個不等式。- 由於
是在閉區間上的連續函數,故存在正數
滿足 






。那麼同乘以 
後在 



上取定積分可知
















.
可以注意到左右兩端當
趨於無窮時皆趨於零,故由夾擠定理可知 
亦隨
趨於無窮而趨於零。
- Compute the area of the region
































.
- Let






be the centroid of
. Find 
.
訣竅
畫出圖形(拋物線)後容易看出可以計算出兩區域面積後相減即可;同樣的,可以算出兩個區域的形心後運用加權的觀點求出餘下區域的形心。解法
先將區域
繪圖如下- 分別計算較大的區域面積與被挖掉的區域面積如下
大






























,
以及
扣去






























































.
因此所求的面積為 






。 - 容易觀察出大區域的形心的
座標為
,而被挖去的區域的形心座標為 

。設留下的區域的形心座標為 
,那麼由加權平均可知



















.
因此可知 




。
沒有留言:
張貼留言