請標明題號,依序做答。
計算題
- 求 limx→03cosx−3x2。
- f(x) 為連續函數,滿足 ∫x0f(t)dt=xe2x+∫x0e−tdt。求 f′(−1)。
- f(x)=sinx2,求 f(10)(0)。
- f(x)=∫2x1dt√1+t4,求 (f−1)′(0)。
- 求 (a). ∫112√1−xxdx
(b). ∫10xln1xdx。 - 令 u=√1−xx,那麼
- 當 x=12 時有 u=1;
- 當 x=1 時有 u=0;
- 整理可知 x=11+u2,求導則有 dx=−2udu(1+u2)2。
∫112√1−xxdx=∫01u⋅−2udu(1+u2)2=2∫10u2(1+u2)2du
再令 u=tanθ,那麼- 當 u=0 有 θ=0;
- 當 u=1 有 θ=π4;
- 求導有 du=sec2θdθ。
2∫10u2(1+u2)2du=2∫π40tan2θ(sec2θ)2⋅sec2θdθ=2∫π40sin2θdθ=∫π40(1−cos2θ)dθ=(θ−sin2θ2)|π40=π−24
- 運用分部積分法可知
∫10xln1xdx=−∫10xlnxdx=−12∫10lnxdx2=−x2lnx2|10+12∫10x2⋅1xdx=12∫10xdx=14
- 求 ∫10∫1√xsiny3+12dydx。
- 用變數變換到極座標系統,求 ∬D(x2+y2)dxdy 之值。此處 D={(x,y)∈R2|(x−a)2+y2=a2,y≥0}。
- 求 y=1x2√x2−9 和 x 軸在 x=2√3 到 x=6 之間所圍成的區域繞 y 軸旋轉所得的體積。
- 當 x=2√3 時有 θ=π6;
- 當 x=6 時有 θ=π3;
- 求導有 dx=3secθtanθdθ。
- 用 Lagrange method 求 f(x,y,z)=2x+3y+5z 的極大極小值,而要求點在 x2+y2+z2=19 之上。
訣竅
用羅必達法則即可。解法
使用羅必達法則計算如下limx→03cosx−3x2=limx→0−3cosxln3sinx2x=−3ln32
訣竅
運用微積分基本定理即可。解法
運用微分基本定理求導f(x)=e2x+2xe2x+e−x
再求導可得f′(x)=4xe2x+4e2x−e−x
取 x=−1 有 f′(−1)=−e。訣竅
運用基本函數的泰勒展開式即可。解法
運用正弦函數的泰勒展開式便有f(x)=sin(x2)=∞∑k=0(−1)k(x2)2k+1(2k+1)!=∞∑k=0(−1)kx4k+2(2k+1)!=x2−x66+x10120−⋯
那麼所求 f(10)(0)=10!120=30240訣竅
運用反函數的定義與微積分基本定理並搭配連鎖律計算即可。解法
按照反函數的定義可知 f−1(f(x))=x,運用連鎖律求導可知(f−1)′(f(x))f′(x)=1
容易注意到 f(12)=0,故取 x=12,因此(f−1)′(0)=1f′(12)
另一方面,由微積分基本定理與連鎖律有f′(x)=1√1+(2x)4⋅2
取 x=12 可得 f′(12)=√2,故所求為 (f−1)′(0)=1√2=√22。訣竅
第一小題運用變數代換處理之;第二小題則使用分部積分法計算即可。解法
訣竅
運用 Fubini 定理交換積分次序計算即可。解法
原積分範圍 {0≤x≤1√x≤y≤1 可改寫為 {0≤x≤y20≤y≤1,如此所求的重積分可改寫並計算如下∫10∫1√xsiny3+12dydx=∫10∫y20siny3+12dxdy=∫10y2siny3+12dy=13∫10siny3+12dy3=−23cos(y3+12)|10=2cos(12)−2cos(1)3
訣竅
按提示使用極座標變換計算即可。解法
令 {x=rcosθy=rsinθ,那麼變數範圍為 {0≤r≤2acosθ0≤θ≤π2,如此所求的重積分可改寫為∬D(x2+y2)dxdy=∫π20∫2acosθ0r2⋅rdrdθ=∫π20r44|2acosθ0dθ=4a4∫π20cos4θdθ=a4∫π20(1+cos2θ)2dθ=a4∫π20(1+2cos2θ+cos22θ)dθ=a42∫π20(3+4cos2θ+cos4θ)dθ=a42(3θ+2sin2θ+sin4θ4)|π20=3a4π4
訣竅
運用旋轉體體積公式求解即可。解法
運用旋轉體體積公式可知V=∫62√32πxy(x)dx=2π∫62√3dxx√x2−9
令 x=3secθ,那麼V=2π∫π3π6⋅3secθtanθdθ3secθ⋅3tanθ=2π3∫π3π6dθ=π29
訣竅
按提示使用拉格朗日乘子法即可;亦可使用基本不等式求解。解法一
設定拉格朗日乘子函數如下F(x,y,z,λ)=2x+3y+5z+λ(x2+y2+z2−19)
據此解下列的聯立方程組{Fx(x,y,z,λ)=2+2λx=0Fy(x,y,z,λ)=3+2λy=0Fz(x,y,z,λ)=5+2λz=0Fλ(x,y,z,λ)=x2+y2+z2−19=0
明顯 λ 不為零,故 (x,y,z)=(−1λ,−32λ,−52λ),將此代入第四式中有1λ2+94λ2+254λ2=19
即 λ=±√22。如此得座標 (x,y,z)=∓(√2,3√22,5√22)。據此檢驗可知f(√2,3√22,5√22)=19√2, f(−√2,−3√22,−5√22)=−19√2
因此最大值為 19√2,最小值為 −19√2。解法二【本題不得採用此解法】
運用柯西不等式(2x+3y+5z)2≤(x2+y2+z2)(22+32+52)=19⋅38
同取開根號為−19√2≤2x+3y+5z≤19√2
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