2020年1月25日 星期六

國立臺灣大學九十六學年度研究所碩士班入學考試試題:微積分

請標明題號,依序做答。

計算題

  1. limx03cosx3x2
  2. 訣竅用羅必達法則即可。
    解法使用羅必達法則計算如下

    limx03cosx3x2=limx03cosxln3sinx2x=3ln32


  3. f(x) 為連續函數,滿足 x0f(t)dt=xe2x+x0etdt。求 f(1)
  4. 訣竅運用微積分基本定理即可。
    解法運用微分基本定理求導

    f(x)=e2x+2xe2x+ex

    再求導可得

    f(x)=4xe2x+4e2xex

    x=1f(1)=e

  5. f(x)=sinx2,求 f(10)(0)
  6. 訣竅運用基本函數的泰勒展開式即可。
    解法運用正弦函數的泰勒展開式便有

    f(x)=sin(x2)=k=0(1)k(x2)2k+1(2k+1)!=k=0(1)kx4k+2(2k+1)!=x2x66+x10120

    那麼所求 f(10)(0)=10!120=30240

  7. f(x)=2x1dt1+t4,求 (f1)(0)
  8. 訣竅運用反函數的定義與微積分基本定理並搭配連鎖律計算即可。
    解法按照反函數的定義可知 f1(f(x))=x,運用連鎖律求導可知

    (f1)(f(x))f(x)=1

    容易注意到 f(12)=0,故取 x=12,因此

    (f1)(0)=1f(12)

    另一方面,由微積分基本定理與連鎖律有

    f(x)=11+(2x)42

    x=12 可得 f(12)=2,故所求為 (f1)(0)=12=22

  9. 求 (a). 1121xxdx
     (b). 10xln1xdx
  10. 訣竅第一小題運用變數代換處理之;第二小題則使用分部積分法計算即可。
    解法
    1. u=1xx,那麼
      • x=12 時有 u=1
      • x=1 時有 u=0
      • 整理可知 x=11+u2,求導則有 dx=2udu(1+u2)2
      如此所求的定積分可改寫如下

      1121xxdx=01u2udu(1+u2)2=210u2(1+u2)2du

      再令 u=tanθ,那麼
      • u=0θ=0
      • u=1θ=π4
      • 求導有 du=sec2θdθ
      因此

      210u2(1+u2)2du=2π40tan2θ(sec2θ)2sec2θdθ=2π40sin2θdθ=π40(1cos2θ)dθ=(θsin2θ2)|π40=π24

    2. 運用分部積分法可知

      10xln1xdx=10xlnxdx=1210lnxdx2=x2lnx2|10+1210x21xdx=1210xdx=14


  11. 101xsiny3+12dydx
  12. 訣竅運用 Fubini 定理交換積分次序計算即可。
    解法原積分範圍 {0x1xy1 可改寫為 {0xy20y1,如此所求的重積分可改寫並計算如下

    101xsiny3+12dydx=10y20siny3+12dxdy=10y2siny3+12dy=1310siny3+12dy3=23cos(y3+12)|10=2cos(12)2cos(1)3


  13. 用變數變換到極座標系統,求 D(x2+y2)dxdy 之值。此處 D={(x,y)R2|(xa)2+y2=a2,y0}
  14. 訣竅按提示使用極座標變換計算即可。
    解法{x=rcosθy=rsinθ,那麼變數範圍為 {0r2acosθ0θπ2,如此所求的重積分可改寫為

    D(x2+y2)dxdy=π202acosθ0r2rdrdθ=π20r44|2acosθ0dθ=4a4π20cos4θdθ=a4π20(1+cos2θ)2dθ=a4π20(1+2cos2θ+cos22θ)dθ=a42π20(3+4cos2θ+cos4θ)dθ=a42(3θ+2sin2θ+sin4θ4)|π20=3a4π4


  15. y=1x2x29x 軸在 x=23x=6 之間所圍成的區域繞 y 軸旋轉所得的體積。
  16. 訣竅運用旋轉體體積公式求解即可。
    解法運用旋轉體體積公式可知

    V=6232πxy(x)dx=2π623dxxx29

    x=3secθ,那麼
    • x=23 時有 θ=π6
    • x=6 時有 θ=π3
    • 求導有 dx=3secθtanθdθ
    如此所求的體積可改寫並計算如下

    V=2ππ3π63secθtanθdθ3secθ3tanθ=2π3π3π6dθ=π29


  17. 用 Lagrange method 求 f(x,y,z)=2x+3y+5z 的極大極小值,而要求點在 x2+y2+z2=19 之上。
  18. 訣竅按提示使用拉格朗日乘子法即可;亦可使用基本不等式求解。
    解法一設定拉格朗日乘子函數如下

    F(x,y,z,λ)=2x+3y+5z+λ(x2+y2+z219)

    據此解下列的聯立方程組

    {Fx(x,y,z,λ)=2+2λx=0Fy(x,y,z,λ)=3+2λy=0Fz(x,y,z,λ)=5+2λz=0Fλ(x,y,z,λ)=x2+y2+z219=0

    明顯 λ 不為零,故 (x,y,z)=(1λ,32λ,52λ),將此代入第四式中有

    1λ2+94λ2+254λ2=19

    λ=±22。如此得座標 (x,y,z)=(2,322,522)。據此檢驗可知

    f(2,322,522)=192, f(2,322,522)=192

    因此最大值為 192,最小值為 192
    解法二【本題不得採用此解法】運用柯西不等式

    (2x+3y+5z)2(x2+y2+z2)(22+32+52)=1938

    同取開根號為

    1922x+3y+5z192

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