- Let p and q be positive integers, q odd, and f(x)=xp/q. Specify conditions on p and q so that (a) f has a vertical tangent at (0,0), (b) f has a vertical cusp at (0,0). (10%)
- 對 f 在 x≠0 處求導可知
f′(x)=pqxpq−1
若 pq−1<0,即 p<q 時 f 在 x=0 處便不可導,且容易看出有 limx→0|f′(x)|=∞。故當 p<q 時 f 在 x=0 處便有鉛直切線。 - 進一步,當 p 為偶數時可以注意到 limx→0−f′(x)=−∞,而 limx→0+f′(x)=∞。故當 p<q 且 p 為偶數時有鉛直尖點。
- Sketch the graph of f(x)=x2−3x3, and indicate the extreme values, inflection points, concavity, and asymptotes (if any). (20%)
- Calculate ∫ete2t+5et+6dt. (10%)
- Determine the volume of the solid generated by revolving the cardioid r=(1−cosθ) about the x-axis. (10%)
- Let a and b be positive. Find limx→∞[(a1/x+b1/x)/2]x. (10%)
- Determine whether the series ∞∑k=2ak converges or diverges. If it converges, find the sum. ak=∞∑n=2(1k)n. (10%)
- Find the length of the curve →r(t)=cost→i+sint→j+cosht→k from t=0 to ln2. (10%)
- Maximize 2x+3y+5z on the sphere x2+y2+z2=19. (10%)
- Take Ω as the parallelogram bounded by x−y=0, x−y=π, x+2y=0, x+2y=π. Evaluate ∬. (10\%)
訣竅
要有鉛直的切線的條件是導函數在該點的極限值趨於正或負無窮;而有鉛直尖點的條件則是導函數在該點的左右極限值為異號無窮。解法
因 q 為奇數,故函數 f 在 R 上皆有定義。訣竅
透過計算極限、一階與二階導函數等尋求極值、反曲點、遞增遞減區間、凹凸區間以及漸近線等繪圖資訊。解法
由於函數可寫為 f(x)=x−1−3x−3,容易知道 limx→±∞f(x)=0,故 y=0 為水平漸近線,而 limx→0±f(x)=∓∞,故 x=0 為鉛直漸近線。
求一階導函數有 f′(x)=−x−2+9x−4=x−4(9−x2),其中 x≠0。解方程式 f′(x)=0 可得 x=±3,並且可以注意到當 x∈(−3,3) 時有 f′(x)>0,但 x∈(−∞,−3)∪(3,∞) 時有 f′(x)<0。因此在 x=−3 處有局部極小值而在 x=3 處有局部極大值。
又進一步求導得 f″(x)=2x−3−36x−5=2x−5(x2−18)。解方程式 f″(x)=0 可得 x=±3√2,並且可看出當 x∈(−3√2,0)∪(3√2,∞) 時凹口向上,而 x∈(−∞,−3√2)∪(0,3√2) 時凹口向下。故 x=±3√2 皆為反曲點。
據此將圖形繪製如下訣竅
運用變數變換與部分分式的概念求解即可。解法
令 u=et,則 du=etdt,從而所求的不定積分可改寫並計算如下∫ete2t+5et+6dt=∫duu2+5u+6=∫(1u+2−1u+3)du=ln|u+2|−ln|u+3|+C=lnet+2et+3+C
訣竅
對心臟線的圖形有基礎的理解後使用旋轉體體積公式即可。解法
由旋轉體體積公式可知V=∫θ=0θ=ππ[r(θ)sinθ]2[r(θ)cosθ]′dθ=π∫π0(sinθ−cosθsinθ)2(sinθ−2cosθsinθ)dθ=π∫π0sin3θ(1−cosθ)2(1−2cosθ)dθ
令 u=cosθ,則 du=−sinθdθ,如此所求為V=π∫1−1(1−u2)(1−u)2(1−2u)du=π∫1−1(2u5−5u4+2u3+4u2−4u+1)du=2π∫10(−5u4+4u2+1)du=2π(−u5+4u33+u)|10=8π3
訣竅
運用換底公式後使用羅必達法則求解即可。解法
運用換底公式與羅必達法則可知limx→∞[a1/x+b1/x2]x=limx→∞exp[ln(a1/x+b1/x)−ln2x−1]=exp[limx→∞(a1/xlna+b1/xlnb)⋅(−x−2)−x−2]=exp[limx→∞(a1/xlna+b1/xlnb)]=exp(lnab)=ab
訣竅
先釐清其一般項之形式,隨後計算其部分和並取極限即可。本題與101學年度碩士班微積分(B)第四題相同。解法
注意到 ak 為無窮等比級數,故由無窮等比級數和公式可知ak=1k21−1k=1k2−k=1k−1−1k
如此所求之級數為∞∑k=2ak=limn→∞n∑k=2(1k−1−1k)=limn→∞(11−1n)=1
訣竅
利用參數曲線的弧長公式計算即可。解法
利用參數曲線的弧長公式可知s=∫ln20‖→r′(t)‖dt=∫ln20√(−sint)2+(cost)2+(sinht)2dt=∫ln20√1+sinh2tdt=∫ln20coshtdt=sinht|ln20=sinh(ln2)=eln2−e−ln22=34
訣竅
運用初等不等式即可;亦可使用拉格朗日乘子法求解。解法一
利用柯西不等式可知(2x+3y+5z)2≤(22+32+52)(x2+y2+z2)=38⋅19
因此 −19√2≤2x+3y+5z≤19√2,故最大值為 19√2,而等號成立條件為 x=√2、y=3√22、z=5√22。解法二
設定拉格朗日乘子函數為F(x,y,z,λ)=2x+3y+5z+λ(x2+y2+z2−19)
據此解下列的聯立方程組{Fx(x,y,z,λ)=2+2xλ=0Fy(x,y,z,λ)=3+2yλ=0Fz(x,y,z,λ)=5+2zλ=0Fλ(x,y,z,λ)=x2+y2+z2−19=0
明顯 λ≠0,故得 x=−1λ、y=−32λ、z=−52λ。代入第四式便有 384λ2=19,因此 λ=±√22。從而獲得 (x,y,z)=±(√2,3√22,5√22),故最大值為 19√2,而最小值為 −19√2。訣竅
運用變數變換並留意 Jacobian 行列式的計算。解法
令 \left\{\begin{aligned}&u=x-y\\&v=x+2y\end{aligned}\right.,那麼由平行四邊形的邊界可知變數範圍為 \left\{\begin{aligned}&0\leq u\leq\pi\\&0\leq v\leq\pi\end{aligned}\right.。又這個變數變換所獲得的 Jacobian 行列式為\displaystyle\left|J\right|=\Big|\left|\frac{\partial\left(x,y\right)}{\partial(u,v)}\right|\Big|=\Big|\left|\frac{\partial\left(u,v\right)}{\partial\left(x,y\right)}\right|\Big|^{-1}=\Big|\begin{vmatrix}\displaystyle\frac{\partial u}{\partial x}&\displaystyle\frac{\partial u}{\partial y}\\\displaystyle\frac{\partial v}{\partial x}&\displaystyle\frac{\partial v}{\partial y}\end{vmatrix}\Big|^{-1}=\Big|\begin{vmatrix}1&-1\\1&2\end{vmatrix}\Big|^{-1}=\frac13
如此所求的重積分可改寫並計算如下\displaystyle\iint_\Omega\!\sin3x\,\mathrm dx\,\mathrm dy=\int_0^\pi\!\int_0^\pi\!\sin(2u+v)\cdot\frac13\,\mathrm du\,\mathrm dv=-\frac16\int_0^\pi\!\cos(2u+v)\Big|_{u=0}^{u=\pi}dv=\frac23\int_0^\pi\!0\,\mathrm dv=0.
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