Loading [MathJax]/jax/element/mml/optable/MathOperators.js

2019年7月22日 星期一

國立臺灣大學一百零八學年度轉學生入學考試試題詳解

※注意:請於試卷上「非選擇題作答區」標明題號並依序作答。
※禁止使用計算機
  1. Compute the following limits
    • limx0(cosx+12x2)1x4= (1) .
    • limx03xsin3x5xtan5x= (2) .
  2. 訣竅對於第一小題可使用換底公式後應用 L'Hôpital 法則;對於第二小題可直接使用 L'Hôpital 法則或 Taylor 展開式即可。
    解法
    • 運用換底公式後使用 L'Hôpital 法則如下

      limx0(cosx+12x2)1x4=limx0exp(ln(cosx+x22)x4)=exp[limx0ln(cosx+x22)x4]=exp[limx01cosx+x22sinx+x4x3]=exp[limx0cosx+112x2]=exp[limx0sinx24x]=exp(124).

      其中除了使用 L'Hôpital 法則之外,部分步驟也可以使用 Taylor 展開式處理。
    • 【方法一】使用 L'Hôpital 法則可得

      limx03xsin3x5xtan5x=limx033cos3x55sec25x=limx09sin3x50sec25xtan5x=27250.

      【方法二】使用 Taylor 展開式可得

      limx03xsin3x5xtan5x=limx03x(3x27x36+)5x(5x+125x33+)=27250.


  3. The graph of f(x)=(x+1)2/3(x2)1/3 has an inflection point at x= (3) .
  4. 訣竅為了找出反曲點,我們解方程式 f(x)=0;假若無解則進一步分析不可二階微分的位置附近有無凹向性改變。
    解法直接求導可知

    f(x)=23(x+1)1/3(x2)1/3+13(x+1)2/3(x2)2/3,f(x)=29(x+1)4/3(x2)1/3+49(x+1)1/3(x2)2/329(x+1)2/3(x2)5/3.

    為了解 f(x)=0,可以同乘以 9(x+1)4/3(x2)5/3 可得方程式

    2(3)2=2[(x2)(x+1)]2=2(x2)2+4(x+1)(x2)2(x+1)2=0.

    故不可能有 f(x)=0。藉由上述的計算可以進一步得知

    f(x)=x1(x+1)1/3(x2)2/3,f(x)=2(x+1)4/3(x2)5/3.

    現在分析在 x=1x=2 附近之凹向性是否改變:
    • x=1 時,在 x<1 且靠近 x=1 之附近可知 f(x)>0,而在 x>1 且靠近 x=1 之附近有 f(x)>0,故其凹向性未改變,故不為反曲點。
    • x=2 時,在 x<2 且靠近 x=2 之附近有 f(x)>0,而在 x>2 且靠近 x=2 之附近有 f(x)<0,故其凹向性有改變,故為反曲點。
    因此綜上可知反曲點發生在 x=2

  5. If x5+y5=33, then d2ydx2|x=1= (4) .
  6. 訣竅求出 y 後直接微分即可。
    解法容易有 y=(33x5)1/5,因此求導有

    dydx=15(33x5)4/55x4=x4(33x5)4/5,d2ydx2=4x3(33x5)4/54x8(33x5)9/5.

    x=1 代入有

    d2ydx2|x=1=4324/54329/5=411641512=141128=33128.


  7. If 2x+11f(t)etdt=tan1x, then f(3)= (5) .
  8. 訣竅運用微積分基本定理與連鎖律即可求解。
    解法兩邊對 x 微分

    f(2x+1)e2x+12=11+x2.

    x=1 代入可得

    2f(3)e3=12.

    移項整理可得 f(3)=e34

  9. Calculate the following integrals:
    • 20x3(x2+4)3dx= (6) .
    • ln20ex1dx= (7) . (Hint: Use u=ex1.)
    • 31x2x21dx= (8) .
  10. 訣竅各小題皆可運用變數代換法即可求解。
    解法
    • u=x2+4,那麼上下界分別由 x=0x=2 改為 u=4u=8,並且有 du=2xdx,因此 x3dx=u42du,因此所求的定積分可以改寫並計算如下

      20x3(x2+4)3dx=841u3u42du=84(12u22u3)du=12u+1u2|84=164.

    • u=ex1,上下界則由 x=0x=ln2 分別改為 u=0u=1,再者整理有 x=ln(u2+1),故有 dx=2uu2+1du,從而所求的定積分可以改寫並計算如下

      ln20ex1dx=10u2uu2+1du=10(22u2+1)du=2u2tan1u|10=2π2.

    • x=secθ,那麼下界 x=1 可對應為 θ=0,而上界 x=3 可對應為 θ=sec13,又 dx=secθtanθdθ,並且有恆等式 sec2θ1=tan2θ,據此所求的定積分可以改寫並計算如下

      31x2x21dx=sec130secθ2tanθsecθtanθdθ=sec130(sec2θ2secθ)dθ=tanθ2ln|secθ+tanθ||sec130=tan(sec13)2ln[3+tan(sec13)]=222ln(3+22)=224ln(1+2).


  11. The integral 0(tan1x)4xadx converges if and only if a is in the interval  (9) .
  12. 訣竅將此瑕積分積分分為兩段後討論兩者分別收斂的條件。
    解法首先將瑕積分分為兩段如下

    0(tan1x)4xadx=10(tan1x)4xadx+1(tan1x)4xadx.

    • 對於第一項,從 Taylor 展開的觀點當 x 靠近於 0 時,分子類似於 x4,故 a<5 才可使之收斂。
    • 對於第二項,當 x 趨於無窮時,分子為有界量(趨於 π4/16),故由 p 級數或直接積分驗算可知當 a>1 時該瑕積分收斂。
    由以上討論可知 a(1,5) 時能使給定的瑕積分收斂。

  13. Suppose that y=xyx with y(0)=2, then y(2)= (10) .
  14. 訣竅可以運用分離變量法或積分因子法求解。
    解法一移項整理有

    dyy1=xdx.

    同取不定積分可得

    ln|y1|=x22+C.

    由初始條件可以知道 C=0,因此解得 y(x)=1+ex2/2,故所求為 y(2)=1+e2
    解法二移項後兩邊同乘以積分因子 ex2/2 可得

    (ex2/2y)=ex2/2yxex2/2y=xex2/2.

    兩邊在 [0,x] 上取積分可知 ex2/2y(x)y(0)=ex2/21,移項整理求得

    y(x)=1+ex2/2.

    因此代入 x=2 得所求為 y(2)=1+e2

  15. Suppose that y+y=2cosx with y(0)=2, then y(π6)= (11) .
  16. 訣竅運用積分因子法求解即可。
    解法兩邊同乘以 ex 後有

    (exy)=exy+exy=2excosx.

    兩邊在 [0,x] 上同取積分,其中右端需應用兩式分部積分法求得如下

    exy(x)y(0)=excosx+exsinx1.

    整理有

    y(x)=cosx+sinx+ex.

    代入 x=π/6,可得

    y(π6)=1+32+eπ/6.


  17. Let R be the region below the curve y=sin2x when 0xπ and V be the volume of the solid obtained by rotating R about the y-axis. Then V= (12) .
  18. 訣竅運用旋轉體體積公式求解即可。
    解法運用旋轉體體積公式列式並計算如下

    V=π02πxydx=2ππ0xsin2xdx=ππ0x(1cos2x)dx=ππ0(xxcos2x)dx=π2x2|π0π2π0xdsin2x=π32+π2π0sin2xdx=π32π8cos2x|π0=π32.


  19. Find the sum
    • n=2(n2)!+2nn!= (13) .
    • n=112n1(13)2n= (14) .
  20. 訣竅第一小題運用熟知的 Taylor 級數和與分項對消即可求解;第二小題可運用基本的等比數列進行積分或求導計算。
    解法
    • 首先將給定的級數分拆如下

      n=2(n2)!+2nn!=n=21n(n1)+n=22nn!.

      前者運用分項對消可以寫為

      n=21n(n1)=n=2(1n11n)=1.

      而後者可運用 ex 的 Taylor 級數可以發現 n=22nn!=e23,故所求為 e22
    • 考慮無窮等比級數如下

      12(11x+11+x)=11x2=n=0x2n.

      兩邊同取不定積分可知

      12ln|1+x1x|=n=012n+1x2n+1+C=n=112n1x2n1+C.

      x=0 可知 C=0。隨後兩邊同乘以 x 可得

      x2ln|1+x1x|=n=112n1x2n.

      最後代入 x=13 可以求得

      n=112n1(13)2n=123ln(3+131).


  21. The 3rd nonzero term in the Maclaurin series of ln(2x3+5) is  (15) .
  22. 訣竅直接計算即可。
    解法回憶起基本的 Maclaurin 級數有

    ln(1+x)=n=0(1)nn+1xn+1.

    如此對給定的函數作改寫可得

    ln(2x3+5)=ln5+ln(1+2x35)=ln5+n=0(1)nn+1(2x35)n+1=ln5+n=0(1)nn+1(25)n+1x3n+3.

    如此寫出前三項的 Maclaurin 級數為 ln5+2x35225x6,故第三個非零項為 225x6

  23. The 3rd nonzero term of the Maclaurin series of the function

    f(x)={cscxcotx,x00,x=0,

    is  (16) .
  24. 訣竅將給定的函數使用更為基本的函數表達並使用 Taylor 展開式改寫即可求出第三項。
    解法一容易改寫得到

    cscxcotx=1cosxsinx=x22x424+x6720xx36+x5120=x21x212+x43601x26+x4120=x2(1+x212x41801x26+x4120)=x2(1+x212+x41201x26+x4120)=x2+x324+x5240+.

    故第三項為 x5240
    解法二容易改寫可注意到

    cscxcotx=1cosxsinx=1(12sin2x2)2sinx2cosx2=tanx2=x2+13(x2)3+215(x2)5+=x2+x324+x5240+,

    故第三項為 x5240

  25. Let r(t)=(etcost,etsint,et), 1t1.
    • The length of the curve is  (17) .
    • The curvature at the point t=0 is  (18) .
  26. 訣竅運用曲線弧長公式與曲率公式求解即可。
    解法
    • 運用曲線弧長公式計算如下

      s=11|r(t)|dt=11(etcostetsint)2+(etsint+etcost)2+e2tdt=311etdt=3et|11=3(ee1).

    • 運用曲率公式如下

      κ(t)=|r(t)×r(t)||r(t)|3=|(etcostetsint,etsint+etcost,et)×(2etsint,2etcost,et)|(3et)3=|(e2tsinte2tcost,e2tsinte2tcost,2e2t)|33e3t=6e2t33e3t=2et3.

      因此所求為 κ(0)=23

  27. The shortest distance from the origin to the paraboloid z=x2+2y2364 is  (19) .
  28. 訣竅運用基本的不等式進行估算,亦可使用 Lagrange 乘子法求條件極值。
    解法一設距離原點的距離平方函數為 f(x,y,z)=x2+y2+z2。由於限制條件容易注意到可改寫為

    x2+y2=x22+2z+18.

    從而有

    f(x,y,z)=x22+2z+18+z2=x22+(z+1)2+1717.

    此時等號成立條件為 x=0z=1,從而 y=±4。故最短距離為 17
    解法二考慮 Lagrange 乘子函數如下

    F(x,y,z)=x2+y2+z2+λ(x2+2y24z36).

    據此解下列聯立方程組

    {Fx(x,y,z)=2x+2xλ=0,Fy(x,y,z)=2y+4yλ=0,Fz(x,y,z)=2z4λ=0,Fλ(x,y,z)=x2+2y24z36=0.

    由第一式考慮 λ 是否為 1
    • λ1,那麼第一式給出 x=0,則第四式化為 y2=2z+18。接著觀察第二式,若 λ0.5,那麼 y=0,則第四式就成為 z=9,故得 (0,0,9);若 λ=0.5,那麼從第三式可知 z=1,從第四式有 y2=16,即得 y=±4,故得 (0,±4,1)
    • λ=1,那麼第二式給出 y=0,第三式給出 z=2,而第四式則為 x2=28,從而 x=±27,故得 (±27,0,2)
    綜上討論可找出最近與最遠距離的平方,因此最短距離為 17

  29. 10201y/2yzcos(x31)dxdydz= (20) .
  30. 訣竅運用 Fubini 定理交換積分次序即可。
    解法可以注意到僅需交換 dxdy 的次序即可,原先的積分範圍 y/2x10y2 可改寫為 0x10y2x,據此所求的三重積分可以改寫並計算如下

    10201y/2yzcos(x31)dxdydz=10102x0yzcos(x31)dydxdz=1010y2z2cos(x31)|2x0dxdz=2(10zdz)(10x2cos(x31)dx)=sin(x31)3|10=sin13.


  31. The volume of the solid described by x2+y21 and x2+y2+z24 is  (21) .
  32. 訣竅設定底面後,運用底面積乘以高的思維列出體積算式並計算。
    解法D={(x,y)R2:x2+y21},那麼所求的體積為

    V=2.

    運用極座標變換,令 x=r\cos\thetay=r\sin\theta,此時變數範圍為 0\leq r\leq10\leq\theta\leq2\pi,故所求的體積可以改寫並計算如下

    \displaystyle\begin{aligned}V&=2\int_0^{2\pi}\int_0^1\sqrt{4-r^2}r\,dr\,d\theta\\&=2\pi\int_0^1\sqrt{4-r^2}\,dr^2\\&=\left.-\frac{4\pi}3\left(4-r^2\right)^{3/2}\right|_0^1\\&=\frac{32-12\sqrt3}3\pi.\end{aligned}


  33. The area of the surface x^2+y^2+z^2=4, \left(x-1\right)^2+y^2\leq1, is  (22) .
  34. 訣竅將曲面參數化後運用曲面積分計算即可,其中可運用對稱性簡化之。
    解法D=\left\{\left(x,y\right)\in\mathbb R^2\,:\,\left(x-1\right)^2+y^2\leq1\right\},而將上半球面參數化為

    {\bf r}\left(u,v\right)=\left(u,v,\sqrt{4-u^2-v^2}\right).

    那麼所求的面積可表達如下

    \displaystyle\begin{aligned}A&=2\iint_D\left|{\bf r}_u\left(u,v\right)\times{\bf r}_v\left(u,v\right)\right|d\sigma\\&=2\iint_D\left|\left(1,0,-\frac{u}{\sqrt{4-u^2-v^2}}\right)\times\left(0,1,-\frac v{\sqrt{4-u^2-v^2}}\right)\right|\,d\sigma\\&=2\iint_D\left|\left(\frac u{\sqrt{4-u^2-v^2}},\frac v{\sqrt{4-u^2-v^2}},1\right)\right|\,d\sigma\\&=4\iint_D\frac1{\sqrt{4-u^2-v^2}}\,d\sigma.\end{aligned}

    至此使用極座標變換,令 u=r\cos\thetav=r\sin\theta,此時變數範圍為 0\leq r\leq2\cos\theta-\pi/2\leq\theta\leq\pi/2,故所求面積可以改寫並繼續計算如下

    \begin{aligned}A&=4\int_{-\pi/2}^{\pi/2}\int_0^{2\cos\theta}\frac1{\sqrt{4-r^2}}r\,dr\,d\theta\\&=-4\int_{-\pi/2}^{\pi/2}\sqrt{4-r^2}\Big|_0^{2\cos\theta}\,d\theta\\&=4\int_{-\pi/2}^{\pi/2}\left(2-2\left|\sin\theta\right|\right)d\theta\\&=16\int_0^{\pi/2}\left(1-\sin\theta\right)d\theta\\&=16\left(\theta+\cos\theta\right)\Big|_0^{\pi/2}\\&=8\pi-16.\end{aligned}


  35. Let \vec{F}\left(x,y,z\right)=\left(\sin y,x\cos y+\cos z,-y\sin z\right), C:\vec{r}\left(t\right)=\left(\sin t,\cos t,2t\right), 0\leq t\leq\pi. \displaystyle\int_C\vec{F}\cdot d\vec{r}= (23) .
  36. 訣竅運用線積分基本定理即可,其中位能函數可以藉由試誤直接湊得。
    解法f\left(x,y,z\right)=x\sin y+y\cos z,容易確認 \nabla f\left(x,y,z\right)=\vec F\left(x,y,z\right),故由線積分基本定理可知

    \displaystyle\int_C\vec F\cdot d\vec r=f\left(\vec{r}\left(\pi\right)\right)-f\left(\vec r\left(0\right)\right)=f\left(0,-1,2\pi\right)-f\left(0,1,0\right)=-1-1=-2.


  37. Let C be the curve consisting of line segments from \left(0,0\right) to \left(2,1\right) to \left(1,2\right) to \left(0,0\right). \displaystyle\int_C\left(x-y\right)dx+\left(2x+y\right)dy= (24) .
  38. 訣竅運用 Green 定理計算即可。
    解法C 所圍成的區域為 D,那麼應用 Green 定理可知

    \displaystyle\int_C\left(x-y\right)dx+\left(2x+y\right)dy=\iint_D\left[\frac{\partial}{\partial x}\left(2x+y\right)-\frac{\partial}{\partial y}\left(x-y\right)\right]dA=3\iint_DdA.

    由於 D 為三角形,容易看出三邊長分別為 \sqrt2,\sqrt5,\sqrt5 為等腰三角形,易求出其面積為 \displaystyle\sqrt2\cdot\frac3{\sqrt2}\cdot\frac12=\frac32,故所求的線積分之值為 \displaystyle3\cdot\frac32=\frac92

  39. The flux of the vector field \vec F=\left(\sin y+x^3,3yz^2+e^z,3zy^2\right) through the surface x^2+y^2+z^2=1, z\geq0, where the surface is equipped with the upward normal, is  (25) .
  40. 訣竅運用 Gauss 散度定理計算即可。
    解法S_1=\left\{\left(x,y,z\right)\in\mathbb R^3\,:\,x^2+y^2+z^2=1,z\geq0\right\}S_2=\left\{\left(x,y,0\right)\in\mathbb R^3\,:\,x^2+y^2\leq1\right\},而 S_1\cup S_2 所包圍的區域為

    \displaystyle D=\left\{\left(x,y,z\right)\in\mathbb R^3\,:\,x^2+y^2+z^2\leq1,z\geq0\right\}.

    那麼由 Gauss 散度定理可知

    \displaystyle\iint_{S_1\cup S_2}\vec F\cdot\vec n\,d\sigma=\iiint_D\left(\nabla\cdot\vec{F}\right)dV=3\iiint_D\left(x^2+y^2+z^2\right)dV.

    對於上述最後一項可應用球體座標變換,令 x=\rho\cos\theta\sin\phiy=\rho\sin\theta\sin\phiz=\rho\cos\phi,其中變數範圍為 0\leq\rho\leq10\leq\phi\leq\pi/20\leq\theta\leq2\pi,如此有

    \displaystyle\begin{aligned}3\iiint_D\left(x^2+y^2+z^2\right)dV&=3\int_0^{2\pi}\int_0^{\pi/2}\int_0^1\rho^2\cdot\rho^2\sin\phi\,d\rho\,d\phi\,d\theta\\&=3\left(\int_0^{2\pi}d\theta\right)\left(\int_0^{\pi/2}\sin\phi\,d\phi\right)\left(\int_0^1\rho^4\,d\rho\right)\\&=3\cdot2\pi\cdot1\cdot\frac15\\&=\frac{6\pi}5.\end{aligned}

    另一方面,計算 S_2 上的通量如下

    \displaystyle\iint_{S_2}\vec F\cdot\vec n\,d\sigma=\iint_{S_2}\left(\sin y+x^3,1,0\right)\cdot\left(0,0,-1\right)d\sigma=0.

    因此所求即為 \displaystyle\frac{6\pi}5

1 則留言:

  1. 版主您好!想請問17題最後面的積分步驟,為什麼要把(-π/2積到π/2)寫成2倍的(0積到π/2)呢?
    我看1-sinθ的圖形都是在X軸的上方,所以不太理解

    回覆刪除