每小題 5 分,請用 2B 鉛筆作答於答案卡,並先詳閱答案卡上之「畫記說明」。
- f is continuously differentiable real-valued function defined on the open interval (−1,4) such that f(3)=5 and f′(x)≥−1 for all x. What is the greatest possible value of f(0)?
- 3
- 4
- 5
- 8
- None of the above.
- g is a continuous real-valued function such that 3x5+96=∫xcg(t)dt, where c is a constant. What is the value of c?
- −32
- −2
- 2
- 32
- None of the above.
- Let g(x)=e2x+1 for all real x. Then limx→0g(g(x))−g(e)x=
- 2e
- 4e2
- 2e2e+1
- 4e2e+2
- None of the above.
- For what positive value of c does the equation logx=cx4 have exactly one real solution for x?
- (4e)−1
- 4e−1
- 2e4
- 4e1/4
- None of the above.
- ddx∫x4x3et2dt=
- ex6(ex8−x6−1)
- ex6(4x3ex8−x6−3x2)
- ex3(ex4−x3−1)
- ex3(4x3ex4−x3−3x2)
- None of the above.
- What is the 19th derivative of x−1ex?
- (18−x)e−x
- (19−x)e−x
- (20−x)e−x
- (x−19)e−x
- None of the above.
- If y is a real-valued function such that y'+xy=x and y\left(0\right)=-1, then \displaystyle\lim_{x\to-\infty}y\left(x\right)=
- 1
- \infty
- -\infty
- \pi/2
- None of the above.
- If a real number x is chosen at random in the interval \left[0,3\right] and a real number y is chosen at random in the interval \left[0,4\right], what is the probability that x<y?
- 3/4
- 1/2
- 5/8
- 5/6
- None of the above.
- Suppose a and b are positive numbers. Then \displaystyle\int_0^{\infty}\frac{e^{ax}-e^{bx}}{\left(1+e^{ax}\right)\left(1+e^{bx}\right)}dx=
- 0
- 1
- \pi/2
- \left(a-b\right)\log2
- None of the above.
- Which of the following statements are true?
- We can find a constant C such that \log x\leq C\sqrt{x} for all positive x.
- We can find a constant C such that \displaystyle\sum_{k=1}^nk^2\leq Cn^2 for all positive integer n.
- I only
- II only
- I and II
- None
- None of the above.
- 設 \displaystyle f\left(x\right)=\frac{\log x}{\sqrt{x}},求導有 \displaystyle f'\left(x\right)=\frac{1-\sqrt{x}\log x}{x\sqrt{x}}。由此設定 g\left(x\right)=1-\sqrt{x}\log x,可以注意到連續函數 g 嚴格遞減,且有 \displaystyle\lim_{x\to0^-}g\left(x\right)=\infty 與 \displaystyle\lim_{x\to\infty}g\left(x\right)=-\infty,因此存在唯一的 x_0\in\left(0,\infty\right) 使得 g\left(x_0\right)=0,從而 f'\left(x_0\right)=0,因而 f 在此處達到最大值,取 C=f\left(x_0\right) 便有 \log x\leq f\left(x_0\right)\sqrt{x}=C\sqrt{x},證明完畢。
- 假設確實存在這樣的 C 可滿足 \displaystyle\sum_{k=1}^nk^2\leq Cn^2。由於 \displaystyle\sum_{k=1}^nk^2=\frac{n\left(n+1\right)\left(2n+1\right)}6,那麼同除以 n^2 可得
\displaystyle\frac{\left(n+1\right)\left(2n+1\right)}{6n}\leq C
然而左式當 n 充分大時將趨於無窮,這給出 \infty\leq C,矛盾。故不可能存在這樣的 C。 - Let f\left(x\right)=\mbox{arcsin}\,x, then f^{-1}\left(x\right) is
- \sin x, 0\leq x\leq1.
- \displaystyle\frac1{\sin x}, -1\leq x\leq1
- \sin x, \displaystyle-\frac\pi2\leq x\leq\frac\pi2
- \displaystyle\frac1{\cos x}, -1\leq x\leq1
- \cos x, 0\leq x\leq\pi
- Find \displaystyle\int\sqrt{3x+5}dx.
- \displaystyle\frac13\left(3x+5\right)^{3/2}+C
- \displaystyle\frac29\left(3x+5\right)^{3/2}+C
- \displaystyle\frac29\left(3x+5\right)^{-3/2}+C
- 3\left(3x+5\right)^{-1/2}+C
- 3\left(3x+5\right)^{3/2}+C
- Find \displaystyle\lim_{x\to0}x\cot3x.
- 3
- 0
- Does not exist
- \displaystyle\frac13
- None of the above.
- \displaystyle\frac{d}{dx}\int_{2x}^{5x}\sqrt{2-\cos t}dt.
- 2\sqrt{2-\cos5x}-5\sqrt{2-\cos2x}
- 5\sqrt{2-\cos2x}-2\sqrt{2-\cos5x}
- 2\sqrt{2-\cos2x}-5\sqrt{2-\cos2x}
- 5\sqrt{5-\cos2x}-5\sqrt{2-\cos2x}
- None of the above.
- The graph in the xy-plane represented by x=3\sin t and y=2\cos t is
- a line
- a parabola
- an ellipse
- a hyperbola
- a circle
- Find the area inside one loop of the curve r=\sin2\theta.
- \displaystyle\frac\pi8
- \displaystyle\frac\pi{16}
- \displaystyle\frac\pi2
- \displaystyle\frac\pi4
- \pi
- The interval of convergence of series \displaystyle\sum_{n=1}^{\infty}\frac{\left(x+2\right)^n}{n\sqrt{n}3^n}.
- -3\leq x\leq3
- -5\leq x\leq1
- -5\leq x<1
- -3\leq x<3
- None of the above.
- 當 x=-5 時級數可寫為 \displaystyle\sum_{n=1}^{\infty}\frac{\left(-1\right)^n}{n\sqrt{n}},那麼由交錯級數審歛法可知其收斂。
- 當 x=1 時級數可寫為 \displaystyle\sum_{n=1}^{\infty}\frac1{n\sqrt{n}},那麼由 p 級數在 p=3/2 時收斂可知此冪級數在此點收斂。
- The Maclaurin series of expansion of \displaystyle\frac1{1+x^2} is
- \displaystyle1-\frac{x^2}{2!}+\frac{x^4}{4!}-\frac{x^6}{6!}+\cdots
- \displaystyle1+\frac{x^2}{2!}+\frac{x^4}{4!}+\frac{x^6}{6!}+\cdots
- 1+x^2+x^4+x^6+\cdots
- 1-x^2+x^4-x^6+\cdots
- None of the above.
- Find \displaystyle\lim_{x\to-1^-}\frac1{1+x^2}.
- -\infty
- \infty
- 1
- Does not exist and neither -\infty nor \infty
- None of the above.
- \displaystyle\int\frac{dx}{\sqrt{9-x^2}}=
- \sin^{-1}3x+C
- \displaystyle\sin^{-1}\frac{x}3+C
- \displaystyle\frac13\sin^{-1}3x+C
- \ln\left|x+\sqrt{9-x^2}\right|+C
- \displaystyle\frac13\ln\left|x+\sqrt{9-x^2}\right|+C
訣竅
運用微積分基本定理求解。解法
使用微積分基本定理可知f(0)=f(3)−∫30f′(x)dx≤5+∫30dx=5+3=8
故選(D)。訣竅
取特殊值代入即可求值。解法
取 x=c 代入可得3c5+96=∫ccg(t)dt=0
因此 c5+32=0,可得 c=−2,應選(B)。訣竅
使用羅必達法則求解即可。解法
先計算 g 的導函數為 g′(x)=2e2x+1,於是使用羅必達法則可知limx→0g(g(x))−g(e)x=limx→0g′(g(x))g′(x)=g′(g(0))g′(0)=g′(e)g′(0)=2e2e+1⋅2e=4e2e+2
故選(D)。訣竅
運用函數的單調性的技術求解。解法
考慮函數 f(x)=cx4−logx,求導有f′(x)=cx3−1x
那麼當 f′(x)=0 時有 x4=c−1,即得 x=c−1/4(負不合);再者,當 x∈(0,c−1/4) 時有 f′(x)<0,而當 x∈(c−1/4,∞) 時有 f′(x)>0,故 f 在 x=c−1/4 處達到最大值。而方程要有唯一解,這表明 f(c−1/4)=0【假若 f(c−1/4)<0 那麼無解;假若 f(c−1/4)>0 則至少兩解】,此即1+14logc=0
因此 logc=−4,得 c=e−4,從而選(E)。訣竅
運用微積分基本定理與連鎖律求解即可。解法
使用微積分基本定理與連鎖律可得ddx∫x4x3et2dt=e(x4)2⋅ddxx4−e(x3)2⋅ddxx3=4x3ex8−3x2ex6=ex6(4x3ex8−x6−3x2)
故選(B)。訣竅
求較低階的導函數觀察其規律後利用數學歸納法證明猜測。解法
將給定的函數寫為 f(x)=(x−1)e−x,先求前兩階導函數如下f′(x)=e−x−(x−1)e−x=(2−x)e−x,f″
那麼推測有 f^{\left(n\right)}\left(x\right)=\left(-1\right)^n\left(n+1-x\right)e^{-x}。由於 n=1 時已經確認成立,現假設 n=k 時猜測成立,那麼可以確認得知\displaystyle f^{\left(k+1\right)}\left(x\right)=\frac{d}{dx}f^{\left(k\right)}\left(x\right)=\frac{d}{dx}\left(-1\right)^k\left(k-x\right)e^{-x}=\left(-1\right)^k\left[-e^{-x}-\left(k+1-x\right)e^{-x}\right]=\left(-1\right)^{k+1}\left(k+2-x\right)e^{-x}
如此命題在 n=k+1 時也成立,因此推測對於所有正整數皆成立。特別地,當 n=19 時有f^{\left(19\right)}\left(x\right)=-\left(20-x\right)e^{-x}=\left(x-20\right)e^{-x}
故選(E)。訣竅
運用分離變量法或積分因子法求解微分方程。解法一
移項整理有\displaystyle\frac{dy}{1-y}=xdx
在 \left[0,x\right] 上取積分可得\displaystyle-\ln\left(1-y\left(x\right)\right)+\ln\left(1-y\left(0\right)\right)=\frac{x^2}2
由 y\left(0\right)=-1 可得y\left(x\right)=1-2e^{-x^2/2}
如此可知 \displaystyle\lim_{x\to-\infty}y\left(x\right)=1,故選(A)。解法二
兩邊同乘以 e^{x^2/2} 可注意到\displaystyle\left(e^{x^2/2}y\left(x\right)\right)'=e^{x^2/2}y'\left(x\right)+xe^{x^2/2}y\left(x\right)=xe^{x^2/2}
在 \left[0,x\right] 上取積分有\displaystyle e^{x^2/2}y\left(x\right)-y\left(0\right)=e^{x^2/2}-1
因此所求為\displaystyle y\left(x\right)=1-2e^{-x^2/2}
如此可知 \displaystyle\lim_{x\to-\infty}y\left(x\right)=1,故選(A)。訣竅
運用機率密度函數的觀點求解。解法
設 X 與 Y 分別代表在區間 \left[0,3\right] 與 \left[0,4\right] 上隨取取一實數的隨機變數,此處的隨機為均勻密度,也就是它們所對應的機率密度函數為 \displaystyle f_X\left(x\right)=\frac13(x\in\left[0,3\right]) 與 \displaystyle f_Y\left(y\right)=\frac14(y\in\left[0,4\right])。那麼所求的機率為\displaystyle\mathbb{Pr}\left(x<y\right)=\int_0^3\int_x^4f_X\left(x\right)f_Y\left(y\right)dydx=\frac1{12}\int_0^3\left(4-x\right)dx=\left.\frac1{12}\left(4x-\frac{x^2}2\right)\right|_0^3=\frac58
故選(C)。訣竅
改寫後直接取積分即可。解法
所求可以改寫並計算如下\displaystyle\begin{aligned}\int_0^{\infty}\frac{e^{ax}-e^{bx}}{\left(1+e^{ax}\right)\left(1+e^{bx}\right)}&=\int_0^{\infty}\left(\frac1{1+e^{bx}}-\frac1{1+e^{ax}}\right)dx=\int_0^{\infty}\left(\frac{e^{-bx}}{1+e^{-bx}}-\frac{e^{-ax}}{1+e^{-ax}}\right)dx\\&=\left.-\frac1b\ln\left(1+e^{-bx}\right)+\frac1a\ln\left(1+e^{-ax}\right)\right|_0^{\infty}=\left(\frac1b-\frac1a\right)\ln2=\frac{\left(a-b\right)\ln2}{ab}\end{aligned}
故選(E)。訣竅
由函數的增長特性可推知答案,隨後運用單調性確認之。解法
訣竅
按照反函數的定義考慮即可。解法
首先注意到 \displaystyle\mbox{arcsin}:\left[-1,1\right]\to\left[-\frac\pi2,\frac\pi2\right],因此其所對應的反函數為 \displaystyle\sin:\left[-\frac\pi2,\frac\pi2\right]\to\left[-1,1\right],應選(C)。訣竅
運用變數變換的概念求不定積分。解法
直接計算可得\displaystyle\int\sqrt{3x+5}dx=\frac13\int\left(3x+5\right)^{1/2}d\left(3x+5\right)=\frac13\cdot\frac23\left(3x+5\right)^{3/2}+C=\frac29\left(3x+5\right)^{3/2}+C
應選(B)。訣竅
改寫後使用羅必達法則即可求解。解法
改寫後使用羅必達法則如下\displaystyle\lim_{x\to0}x\cot3x=\lim_{x\to0}\frac{x}{\tan3x}=\lim_{x\to0}\frac1{3\sec^23x}=\frac13
故選(D)。訣竅
使用微積分基本定理與連鎖律求解即可。解法
使用微積分基本定理與連鎖律計算如下\displaystyle\frac{d}{dx}\int_{2x}^{5x}\sqrt{2-\cos t}dt=\sqrt{2-\cos5x}\cdot5-\sqrt{2-\cos2x}\cdot2=5\sqrt{2-\cos5x}-2\sqrt{2-\cos2x}
應選(E)。訣竅
運用三角恆等式來尋求參數式所滿足的關係式。解法
利用 \sin^2t+\cos^2t=1,可以注意到參數式滿足\displaystyle\frac{x^2}9+\frac{y^2}4=\sin^2t+\cos^2t=1
故此參數式描繪出一橢圓,應選(C)。訣竅
試圖描繪此參數曲線後使用極座標下的面積公式求解。解法
可描繪圖形如下由於僅需考慮其中一圈的面積,可考慮 \displaystyle\theta\in\left[0,\frac\pi2\right],如此所求為\displaystyle A=\frac12\int_0^{\frac\pi2}r^2\left(\theta\right)d\theta=\frac12\int_0^{\frac\pi2}\sin^22\theta d\theta=\frac14\int_0^{\frac\pi2}\left(1-\cos4\theta\right)d\theta=\left.\frac14\left(\theta-\frac{\sin4\theta}4\right)\right|_0^{\frac\pi2}=\frac\pi8
故選(A)。訣竅
首先計算收斂半徑,隨後確認端點之值。解法
使用比值審歛法的概念求收斂半徑如下\displaystyle R=\lim_{n\to\infty}\left|\frac{a_n}{a_{n+1}}\right|=\lim_{n\to\infty}\frac{\left(n+1\right)\sqrt{n+1}3^{n+1}}{n\sqrt{n}3^n}=3
因此級數至少在 \left|x+2\right|<3 時收斂,即至少在 -5<x<1 時收斂。現在檢查端點如下訣竅
運用無窮等比級數公式。解法
使用無窮等比級數公式,其中公比為 -x^2 可得\displaystyle\frac1{1+x^2}=\sum_{n=0}^{\infty}\left(-x^2\right)^n=\sum_{n=0}^{\infty}\left(-1\right)^nx^{2n}=1-x^2+x^4-x^6+\cdots~~~\mbox{for}~x\in\left(-1,1\right)
故選(D)。訣竅
此為連續函數,故可直接代入求極限。解法
此為連續函數,故所求極限為 \displaystyle\lim_{x\to1^-}\frac1{1+x^2}=\frac12,故選(E)。訣竅
運用熟悉的反導函數公式即可。解法
使用反導函數公式可知\displaystyle\int\frac{dx}{\sqrt{a^2-x^2}}=\sin^{-1}\frac{x}a+C
取 a=3 可知應選(B)。
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